江苏省南通市如皋市2023-2024学年高三上学期8月诊断测试物理/

2023-11-01 21:31:05 52℃

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则根据x=t可知，t11,可得g行-mg,解得微粒的电荷量与质量之比为？=2g以E故B正确，A、C、D错误。4.D导体棒未进入磁场时，做自由落体运动，则到达虚线故B正确；电阻消耗的电功率为P=E-B,w2故C错CD时的速度为。=g1,下落的高度为h=?gt,因为通过误；电容器所带的电疗量为Q=CE-日CBr。,故D错误。虚线CD时恰好开始匀速进入磁场，则FA=g,其中8.D已知αb边长为2L,则第一次进入磁场过程中，线框减R=1-B0-BB'd't2R,联立解得m=2R,故A、少的重力势能为E。=2gL,故A错误；设线框的电阻为R,刚进入磁场时的速度大小为，第一次进入磁场过程中B、C错误；因为导体棒进入磁场后，立即对导体棒施加一个与导体棒所受重力大小相等、方向竖直向上的恒定拉力，线框恰好做匀速直线运动，则有mg=BL=R,第二即进入磁场后，导体棒受到的合外力为导体棒的安培力，则导体棒运动到最低点的过程中，导体棒的动能全部转化为导次刚进入磁场时安培力大小为FA=B1'.2L=B(2L)巴R体棒和电凰R产生的焦耳热，则Q。=合×（分m)4B”=4mg,方向向上；根据牛頓第二定律可得FARB'd'g't8R,故D正确。mg=ma,解得a=3g，故B错误；第一次刚进入磁场时，产生的感应电动势为E=BLV,第二次刚进入磁场时产生的5.BD导体棒获得向右的瞬时冲量后切割磁感线，回路中出现感应电动势为E'=2BLV,所以先后两次刚进入磁场时，线感应电流，导体棒ab受到向左的安培力，向右减速运动圈中的感应电动势之比为1：2，故C错误；第一次刚进入磁根据牛频第二定律可得BIL=ma,解得a=BIL_-BLmm场时，Q、b两点间的电势差U,子E=,第二次刚进BLv 4B'L'v,可知导体棒速度减小，加速度减小，所22+3Rm入磁场时，a、b两点间的电势差U,=3E=3×2BLv=3BLw,所以先后两次刚进入磁场时，a、b两点间的电势以导体棒做的是加速度越来越小的减速运动，故A错误；导体非成少的动能△5。日m。=宫如（侣-云银诺位量差之比为U1:U2=1:4,故D正确。9.(1)PQ做匀加速直线运动，理由见解析守恒定律可得回路中产生的总的热量Q=△Ek；根据能的(2)F1沿斜面向F,大小F,=0.5t转化和守恒以及串并联电路知识可知，导体棒上产生的焦耳(3)6m/s(4)0.75J1热Q,=一Q=。Q=6m：故B正确；根据动量定解析：(1)设两根金属棒的质量和电阻分别为m、R,因MN2R+r1水平方向受两个力处于平衡状态，故磁场对MN的作用力F水平向左，感应电流I由N指向M,PQ中的电流由P理可得-BL△1=0-mu,I=mu,g=i△，可得g-B:I指向Q。由右手定则，可以判断PQ沿导轨向下运动，又因为EB2L2则透过C、D间电阻的电符量为9=故C错误：由于F-BIL,E-BLv,1-2RF-2Rv=F:-0.51,因B、L、R为恒量，故PQ的速度与时间成正比，即PQIq=i△t=E-△t=1=4R，将q=B肛代入笔}由静止开始沿导轨向下做匀加速直线运动。2R+,(2)对PQ受力分析如图。受到重力、支、fF持力、F安、F:四个力作用，其中FN=3IR式，可得导体棒移动的位移x一B,故D正确。mg cos a,即支持力不变，则仅有F、F,随时间而变化，但加速度恒定，合外6.B由于线框做匀加速直线运动，当ab边向右运动0~L过,1力恒定，故F,必须与F平衡，由左手2L定则知，F专平行于导轨向上，则F,平程中，经过的时间为4一√信，0~2L的过程中，所用时行于导轨向下，且F1=F安=F2=0.5t。Ymg(3)因F1与F安平衡，故PQ受四个力的合力为F◆=mgsin a,a·,0~3L过程中，所用时间t3=由牛顿第二定律得mgsin a=ma,解出a=gsin a=l0X0.6m/s2=6m/s2,由匀变速运动公式可得v=√2az=√/2X6X3a。当ab边向右运动0~L的过程中，感m/s=6m/s。应电动势：E1=BLv=BLat,根据闭合电路的欧姆定律可(4)因为F1=F,且两者方向相反，则F安做功为W安=E BLa-1.5J,由功能关系知W安=一Q,即Q卷=1.5J,又因得感应电流：1=尺=R1,方向为正方向；L~2L的过程中，前后两边都切割磁感应线，产生的感应电流为12=为两个金属棒串联，故MN中产生的焦耳热为Q=2Q。尺，根据右手定则可知电流为负方向：在2L~3L的过2×1.5J=0.75J。程中，只有cd边切割磁感应线，产生的感应电流为I3=能力提升练烤R,方向为正方向，故A错误，B正确：设拉力为F,1,AD最初电容器板间电压最大，导体棒上电流也最大，电BLa容器相当于电源，对电阻与导体棒供电，根据欧姆定律得0~L过程中，根据牛顿第二定律可得F一FA=ma,即F=UBLa+ma,L~2L过程中，拉力F'-4Ba十ma,I=C,U三二，解得通过导体棒MN电流的最大值为，RR故A正确；导体棒上电流从M到N,导体棒受安培力水平2L3L过程中，拉力F”=Ba4十ma,故C、D错误。向右，导体棒加速，同时导体棒切割磁感线产生电动势，回R路里电流减小，当导体棒产生的电动势与电容器板间电压相7.B由于在圆环内存在磁感应强度为B的匀强磁场，所以金等时，回路电流为零，导体棒速度达到最大，此时安培力为属棒有效切割长度为r,根据E=B元可得棒产生的电动势：零，但最终电能和动能全部转化为内能，所以之后导体棒红团勾·高考一轮复习金卷物理178

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