辽宁省2023-2024学年度高一年级十月月考x物理试卷答案正在持续更新，目前大联考答案为大家整理了相关试题及答案，供大家查缺补漏，高效提升成绩。

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大一轮复学案物理④圆心也可能背离圆心，所以粒子不一定做由以上推导，若粒子1与粒子3入射时动离心运动，D错误。能相等，则粒子3入射时的动能也等于粒l=vpt⑤6.CD作出带电粒子在交变电场中的v-t子2人射时的动能联立①②③④⑤式解得图像如图所示，由图可知A、B错误；0~3s而现在粒子3做近心运动，其所受向心力87赋内，对粒子由动量定理得I=0-0,故0~3s必大于其所需要的向心力，故粒子3人射a gh⑤内电场力的冲量为零，C正确；0~3s内的初速度必小于其做匀速圆周运动的速(mdh对粒子由动能定理得W=0-0,故0~3s内度，即小于粒子2的人射速度，D正确。L=oNq吧⊙电场力做的总功为零，D正确。10.BCD由题意可知三小球构成一个等边(2)若粒子穿过G一次就从电场的右侧三角形，小球1和3之间的力大于小球2飞出，则金属板的长度最短。由对称性和3之间的力，弹簧处于压缩状态，故小知，此时金属板的长度L为球1和3一定是斥力，小球1带正电，故/smdh小球3带正电，故A错误；小球3运动至L=2l=2√q9⑧专题突破8带电粒子（带电体）7.BC小球所受电场力F=gE=mg,水向0点时，弹锁的伸长量等于宁，根据对粉性可知，小球2对小球3做功为0，弹簧在电场中运动的综合问题右，电场力与重力的合力F合=√2mg,方向指向右下方且与水方向的夹角为45°弹力做功为0，故根据动能定理有1.ABD由题图乙知沿x轴正方向电势在则等效最高点为弧AD的中点，若小球能升高，所以电场沿x轴负方向，电子所受mgL sin0=7m2,解得u=√L,故B正做完整的圆周运动，过等效最高点的最小电场力沿x轴正方向，电子将沿Ox方向确：小球3在b点时，设小球3的电荷量加速运动，电场力做正功，电子的电势能速度为，则应满足F合=Dymin,Vmin减小，所以选项A、B正确；P一x图线的斜为g,有k-"照，设弹簧的弹力为F,根2率表示电场强度，由题图乙可知沿Ox方√√2gL,从等效最高点到D,合力做正功，向电场强度先减小后增大，电子所受电场动能增大，速度增大，故过最高点D的最据受力衡，沿斜面方向有F=k9·6力先减小后增大，电子运动的加速度先减小速度大于√2gL,A错误；小球在运动小后增大，故选项C错误，D正确。是sin30-mg sin30,解得F=9m90过程中，机械能与电势能之和保持不变4 mg,2.A电子在交变电场中所受电场力大小恒在B点电势能最小，机械能最大，B正确：小球运动至a点时，弹簧的伸长量等于定，加速度大小不变，C、D错误；从0时刻小球从C到D的过程中，电场力做功，机,根据对称性可知F+k9L开始，电子先向A板做匀加速直线运动，械能不守恒，C正确；小球从A点静止释·sin30°22T后电子所受电场力反向，向4板做匀放，会先做匀加速直线运动，故D错误。mg sin30°=ma,解得a=2g,故C正确；8.C以位于y轴正方向的顶点上的电荷量当运动至ab中点时，弹簧弹力为0，此时减速直线运动，直到t=T时刻速度变为为+g的点电荷为研究对象，它受到另外三零，之后重复上述运动，A正确，B错误。个顶点上的点电荷的库仑力的合力为F,=小球2对小球3的力为F,=k33.C由题图乙知，x=-1m处的电场强度大于x=2m处的电场强度，故A错误；沿(2a*22a2c0s45°，置于正方形的中心4着电场线方向电势降低，则x=1m处的电0点的点电荷P对它的库仑力为F2=.k9312m3,斜面对小球的支持力2势高于x=2m处的电势，故B错误；将电kqQ子沿x轴从x=1m处移动到x=-1m处,由衡条件可知F,=F2,解得Q=为R、=mgc0s30-fn=5g22 mg-3 mg=的过程中，电场力先做正功后做负功，电、2势能先减小后增大，故C正确；将电子沿x3√5-轴从x=1m处移动到x=-1m处的过程:由图乙可知，在0≤≤2区间，2W2+1mg,根据牛顿第三定律可知，小球6中，电场强度先增大再减小，然后再增大，4再减小，则电子所受电场力先增大再减电势逐渐升高，说明电场线沿着x轴负方对斜面的压力大小为35-46mg,故D小，然后再增大，再减小，故D错误。向，点电荷P带负电，它受到的电场力向正确。右，释放后P将向右运动，C正确。4.BC从a到b,水和竖直方向的运动时9.BD粒子3做近心运动，电场力做正功间相同，且都做匀变速直线运动，所以水1(1)分meR(2)v8g(3)y=v6动能增大，故入射时动能小于出射时动方向加速度是竖直方向的2倍，则电场解析(1)小球从A到B,根据能量守恒能，A错误。力大小为2mg,B正确，A错误；从a到b,粒子4做离心运动，电场力做负功，动能因电场力做正功，所以机械能增加，粒子定律得6，=了mi分R减小，故入射时动能大于出射时动能，B（2)2(2)小球从B到0，根据动能定理有在水方向运动的位移为x=正确。2×2gneR+ge万R=7md2d,W=qEx-2mgx-=2mm,故C正确，Dg解得vo=√3gR错误。粒子3探测器粒子探测器(3)小球运动至O点时速度竖直向上，受5.BC带电粒子在电场中做匀速圆周运极板间各点的电场强度大小与其到O点电场力和重力作用，将电场力分解到x轴和y轴，则x轴方向有动，电场力恰好提供向心力，有gE=m的距离成反比，设E=4gE cos45°=ma.得=，则速度大小与轨道半径r无关竖直方向有qE sin45°-mg=ma,m对粒子1，粒子2有qB=m心解得a.=g,a,=0故C正确。两粒子比荷相同，则速度相等，由于电荷量大的粒子质量也大，所以2m'=gh可得动能E=说明小球从O点以后沿x轴方向做初速,与运动半径度为零的匀加速直线运动，沿y轴方向电荷量大的粒子动能一定大，故B正确无关做匀速直线运动，即做类抛运动，则有由v=wr知，r小的粒子角速度大，A错误。故粒子1与粒子2人射时动能相等，Cx=-当加垂直纸面磁场时，洛伦兹力可能指向错误。2,y=,联立解得小球过0点后.562·