[绥化三模]黑龙江绥化市2024届高三5月联考模拟检测卷物理答案正在持续更新，目前大联考答案为大家整理了相关试题及答案，供大家查缺补漏，高效提升成绩。

本文从以下几个角度介绍。

1、2024绥化物理
2、2024年绥化市物理中考试题及其答案
3、2024年绥化市中考物理一模
4、2024年黑龙江绥化中考物理试题解析
5、2024年绥化地区中考物理试题及答案
6、2024绥化中考物理试卷及答案解析
7、2024年绥化市物理中考试卷
8、2024年黑龙江省绥化市中考物理试题
9、绥化联考2024高三理综
10、2024年绥化物理中考试题

2023-2024学年物理高考版答案页第6期趣1子团报第21期据原、副线圈电压与匝数之间的关系可知，原线三、非选择题一、单项选择题圈电压和匝数固定时，副线圈的匝数越多，输出9.(1)较大(2)12.5上通道(3)调大1.B的电压就越大，BC间的输出电压为12V,AC间提示电磁波的传播方向和振动方向相互垂的输出电压应为30V,所以当R接在AB间时两提示(1)苹果通过托盘时，质量较小的苹果直是，所以电磁波是横波，故A错误；直播过程中端电压大小为18V,因为变压器不能改变交变电托盘对R,的压力较小，根据图乙可知，R,的阻值传送的电磁波属于微波，是一种波长较低、频率流的频率，所以副线圈的频率等于原线圈的频较大。较高的无线电波，故B正确；发射电磁波进行信率，根据原线圈的电压表达式可求得输入电压的(2)当苹果质量为200g时，此时F=G=mg号传递时，不能将图像和语音直接发送传递，可以采用调频、调幅两种方式进行调制，故C错误；周期为T-2石-60ns02s,频半为f0.2x10N=2N,由图知R,≈25k2,为使该装置达到电磁波不仅能够传递信号，也能传播能量，故D0.02Hz=50Hz,故C错误；若将R接在AC端，根分捧月的，则R:的阻值清足R-)-62错误。振胶姆定律可知，流过电阻R的电流为-片。解得R2=12.5k2。若苹果质量小于200g,则R,阻2.B提示结合图中的磁场的方向，根据安培定值增大，分压增大，由于电源电动势不变，R2两端则，线圈中的电流从b到a,此时电流正在增大，2A=2.5A,由C选项的分析可知交流电的周期3分压减小，电衔铁将不被吸合，小苹果将通过上表明电容器正在放电，所以下板带正电，上板带为T=0.02s,故D正确通道。负电，a点电势比b点低，电容器两极板间场强正二、多项选择题(3)当苹果质量增大时，R,阻值减小，分压减在减小，电场能在减小，磁场能正在增大，电流放6.ABD小，R2两端分压增大，所以若要增大分拣苹果的电变慢，线圈中感应电动势变小，故B正确，A、提示转动过程中交变电流的最大值为I=C、D错误质量应将R2的阻值调大。3.D股”-B:紧2m-B,D正确：因为只有分10.(1)5424W(2)250V(3)979%提示霍尔元件能够把磁学量转换为电学量一半区域存在磁场，由有效值的计算公式可得(4)减少大于一半的传感器，故A错误：根据左手定则，带负电的电提示由于发电机至升压变压器、降压变压荷向N侧面偏转，N表面带负电，M表面带正电，V2R2RT,解得1-2=B0,A正Im2R器至学校距离较短，不必考虑这两部分输电导线所以M表面的电势高，即左表面的电势低于右上的功率损耗，发电机的电动势E,一部分降在电表面，故B错误；在测定地球赤道上方的地磁场确：从题图所示位置起转过4圈的时问内产生的源内阻上，另一部分为发电机的路端电压U,升强弱时，为了让磁场垂直通过，应将元件的工作压变压器副线圈电压U,的一部分降在输电线上，面保持竖直，故C错误；运动电荷最终在电场力均感应电动势E=△ΦB.2 T和洛伦兹力的作用下处于衡，设霍尔元件的长=2nTBr2,B其余的就是降压变压器原线圈电压，而U,应为△t.1宽高分别为ab、d,则有qb2 2Tn电灯的额定电压U领=qvB,电流的微观(1)对降压变压器表达式为1=nq9--nqpdv,.所以U-g,所以如果正确：从题图所示位置起转过！圈的时间内通P=P=UL=nP=22x6x40W=5280W1在霍尔元件中的电流大小不变，则左右表面的电势差与磁场的磁感应强度成正比，故D正确。过负载电阻R的电荷量为q=△Φ而Us4u-80vR4.BB2,C错误所以u--A-6A提示如果智能手机无线充电器为理想变压2R对升压变压器7.AD器，AB端输入电压有效值为=5V2V=5V,根U,1=U1=1线2R+U313=I2R+P=62×4W+5280W=v2提示根据变压器原、副线圈两端的电压之5424W据1：U2=n1:2可得U2=1V;但智能手机无线充比等于线圈的匝数之比，可求得副线圈两端电压所以发电机的输出功率电器没有铁芯，存在漏磁现象，所以接收线圈的P出=5424W;输出电压有效值小于1V,故A错误；该交变电流U写×220v=44V,再由欧姆定律可求得电流表(2)由题意知的频率为公-2801=10，变压器变压的示数1，=片=1A,A正确；根据变压器原，副线U2=U3+1线R=U3+IR=880V+6×4V=904V不变频，则接收线圈中输出电流方向每秒变化圈电流之比等于线圈的匝数的反比，可求得原线所以Ui=4U=4×904V=226V200次，故B正确；由于存在漏磁，接收线圈的输出功率小于发射线圈输人功率，故C错误：改变陶中的电流1，=写×1A=02A,则保险丝不会被熔又U1=Ul2发射器和接收器的距离，穿过副线圈内磁通量发断，B错误；b端输入功率P=l,U1+1,R丝=44.2W,生变化，影响其充电效率，故D错误C错误，D正确所以u=-4e4=2415.D8.CD故E=U+lr=226V+24×1V=250V;提示变压器的输入电压为220V,根据理想提示原线圈两端电压有效值为220V,原副(3)输电效率m-6x100%-8829×10%=97%:5280变压器原线圈与单匝线圈的匝数比为U:=线圈匝数比为5：1，所以副线圈的电压有效值为U2 n2将U1=220V,2=1,U2=0.1V代人解得，原线圈匝44V,电压表V,示数为44V且保持不变，与电阻(4)电灯减少一半时数为1=2200，原线圈的交流电的电压与时间成的变化无关，选项A错误；当光照增强时，R3的n'P灯=2640W余弦函数关系，故输入交流电压的最大值为U电阻减小，总电阻减小，电路的总电流变大，原线V√2U=220V2V,故A错误；当在BC间接入3A圈电流也变大，R的电压变大，副线圈的总电压122的电阻时电功率为12W,由功率表达式P=所以发电机的输出功率g可得UVPm-V1O2V.12v.故流过R不变，所以电压表V2示数变小，选项B错误，DP出=n'P灯+I32R=2640W+32×4W=1的电流大小为1-肾-号A=1A,再由U正确：交变电流的周期为7西-器40，所2676W>2P以通过电流表A的电流方向每秒变化100次，选故发电机输出功率减少大于一晋魔n1,解得BC间的匝数为m=120,故B错误；根扫码获取报纸项C正确。半。nec相关内容课件第1页